大學物理下冊課後習題答案第二版
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2. 大學物理學第二版下冊黃時中 袁光宇答案
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3. 求大學物理教程第二版 習題詳解答案
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參考書：
《物理化學解題指南》作者:肖衍繁等編 頁數:347 出版日期:2003
《物理化學解題指南 第2版》作者:馮霞等編 頁數:334 出版社:北京市：高等教育出版社 出版日期:2003.07
《物理化學 同步輔導及習題全解 第5版》作者:邊文思，孟祥曦 頁數:272 出版社:北京市：水利電力出版社 出版日期:2010.01
《物理化學全程導學及習題全解 天津大學第4版》作者:秦學，李方，薛濤主編 頁數:250 出版日期:2007.02
《《物理化學》習題精解 第4版》作者:魏明坤主編 頁數:350 出版社:成都市：西南交通大學出版社 出版日期:2007.02
《物理化學習題精解精練 配天津大學物理化學教研室第4版教材·高教版》作者:桑希勤，馬淑清主編 頁數:218 出版日期:2007
《物理化學知識要點與習題解析》作者:桑希勤，馬淑清主編 頁數:300 出版日期:2005
叢書名:高等學校優秀教材輔導叢書
簡介:配天津大學物理化學教研室第四版教材·高教版
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一章
1-1 解
（1）第2秒內的平均速度，即 秒到 秒內的平均速度。
m
m
m·s-1
（2）因為 ，所以
當 s時， m·s-1
（3）由 ，令 ，得 秒 時，第2秒內路程
m
1-2 解
設 時，質點在 軸距O點為 處，則任意點P處
習題解答1-2圖
（2）若 ， ， ，即圖中A點，則
因此， 與 反向，指向圓心。
1-4 解
因為 ，即
所以
所以 m/s
1-7 解
建坐標如圖，繩長 ，小車位置 ，人位置 。有
習題解答1-7圖
繩長不變，有
沿 軸正向。
沿 軸正向。
1-12 解
，
m
1-14 解
即
°北偏東
1-15 解
由於車靜止時， 與豎直方向成30°
車以 m·s-1向右運動， 斜偏車尾45°，
由
方面有 °= °
方面有 ° °=
解得：
七章
7-9
解: 通過圓形平面的電通量等於通過以該點電荷為頂點, 為半徑的球面錐體的球冠面的電通量.
以點電荷為球心、r 為半徑作一球面. 該球面的面積為 , 球冠面積為 .
通過球面 的電通量為
通過球冠面 的電通量為
由以上二式, 有
7-6
習題解答7-6圖
解: 如圖所示，在距球心O為x處取一個細圓環，其上均勻
帶電，所帶電量為
根據均勻帶電細圓環軸線上的場強公式， 在
O處的場強大小為
方向為x軸的負向．由於所有細圓環在O點處的場強方向均相同，都沿x軸的負向，故O點處的總場強為對 的直接積分，即
方向為x軸的負向．
7-10
解: (1) 只有通過與x軸垂直的左、右兩個側面 、 的電通量不為0，即有
（2） 由高斯定理
7-14
解：以半徑為r的同心球面為高斯面S，由高斯定理有
代入 計算，有
；
關系曲線略.
7-15
解：選長為l、半徑為r與圓柱同軸的圓筒面作為高斯S，由高斯定理，有
解之，有
；
關系曲線略.
7-16
解：設內、外圓柱面單位長度帶電分別為 、 . 選長為l、半徑為r與圓柱同軸的圓筒面作為高斯S，由高斯定理，有
解之，有
； ；
7-18
解:空心帶電球體可視為電荷體密度為 、半徑為R的完整均勻帶電球與一個電荷體密度為 、球心在 、半徑等於空腔半徑r的均勻帶電小球體的疊套.這樣大、小球體在空間所激發的場強可分別利用高斯定理求得. 場點的合場強為兩者的矢量疊加。
設大、小帶電球體的場強分別為 和 ，則場點的合場強為
對O點 ， .
故
對 點 ， .
故
對P點 ， .
故
對 點 ， .
故
7-20
解： (1) 以細直導線作為x軸, 近端點作為坐標原點O. 則細直導線的延長線上，距離O點為R處的電勢為
(2) 以細直導線作為x軸, 其中心作為坐標原點O, 則細直導線的垂直平分線上，距離O點為R處的電勢為
7-22
解：設內、外球殼分別帶電 、 ，則由高斯定理可求得場強分布為
內、外球殼間的電勢差為
由此解出 ，代入 可求得內、外球殼間的場強分布為
7-24
證明：設電荷體密度為 ，由高斯定理可求得場強分布為
在 區域的電勢分布為
代入 計算有
證畢
八章
8-1
解: (1) 設A板左、右兩側分別帶電 、 ，由靜電感應及導體的靜電平衡條件，有C板和B板內側分別帶電 和 ，左、右兩空間的場強分別為
由
有
則C板和B板分別帶電 和 ；
(2) 因為 ，所以
8-2
解：由靜電感應及導體的靜電平衡條件知，球殼內表面帶電-q，外表面帶電為零；
由高斯定理可求得：
8-6
解: 由靜電感應及導體的靜電平衡條件知各金屬板帶電如圖.
由高斯定理可求得場強分布為
習題解答8-6圖
方向均由上指向下.
A板的電勢為
C板的電勢為
聯立上述方程求解, 得
8-7
解: 可視為電容器的並聯. 由已知條件知, 左、右兩平板電容器的極板面積分別為 和 . 由電容器並聯時等效電容及平板電容器的電容公式, 有
兩電介質尺寸相同, 則
8-8
解: (1) A、B間的等效電容 為 與 並聯後再與 串聯，所以
(2) 根據靜電感應，極板上的電荷量應滿足
電勢差關系為
由 ，有
得
(3) 若 擊穿，則有 ；
8-10
解: (1) 作一半徑為r同心球面為高斯面S，由電介質中的高斯定理有
即電位移矢量的分布為
方向均沿徑向；
由 ，有電場強度的分布為
（方向均沿徑向）.
(2) 電勢分布為
即
9-12
解: (1) 與圓柱形電容器同軸作一高斯面S，其半徑為 ，高為 ．由於其上、下底面的法線與 垂直．所以穿過上、下底面的電位移通量為零．則由高斯定理有
即 , 方向均沿垂直於軸的徑向;
由 ，有電場強度的分布為 , 方向均沿垂直於軸的徑向.
(2) 取垂直於軸的徑向為積分路徑，則內、外導體極板間的電勢差為
由電容器電容的公式有
8-14
解: (1) 由電介質中的高斯定理, 有 , 為正極板上的電荷面密度, 則 為負極板上的電荷面密度. 由此
又
由上兩式, 得
(2) 每層電介質中的電場能量密度為
(3) 每層電介質中的總電場能量為
(4) 由電容器的能量公式, 有
8-15
解: 由電介質中的高斯定理, 可得電位移矢量分布為
由 ，有電場強度的分布為
電場能量密度的分布為
在電介質空間中，取一半徑為r、厚為dr同心薄球殼作為體積元，其體積為
在此體積元中，電場能量密度也處處相等．它具有的電場能量為
整個的電場能量可從對 求積分得出，即
8-17
解: (1) 由電介質中的高斯定理, 可得兩柱面間電位移矢量分布為
由 ，有電場強度的分布為
電場能量密度的分布為
(2) 這圓柱殼中的總電場能量為
(3) 電介質中的總電場能量為
(4) 電容器的電容為
8-20
解: 可視為無窮多個厚度為 的平板電容器的串聯. 即有
即
九章
9-3
解: 在電介質中取半徑為r、厚為dr的柱面層，其沿半徑方向的電阻為
， 總電阻為
沿徑向的漏電電流為
9-5
解: 即有
9-7
解: (1)
兩種電介質的漏電電流密度分別為
(2) 兩種電介質中的場強分別為
兩種電介質中的電位移分別為
(3) 加在兩種電介質上的電壓分別為
9-9
解: 電源在放電和充電時的端電壓分別為
聯立兩式並代入數據, 得
9-10
解:
習題解答9-10圖
設流過R1和R2的電流分別為I1和I2, 流過r1的電流為I3, 方向如圖所示。由基爾霍夫第一方程, 有
對左、右兩迴路取順時針繞向,由基爾霍夫第二方程, 有
聯立三式並代入數據, 得
十章
10-1
解
（SI）
通過半徑的R、開口向z軸正方向的半球殼面的磁通量的大小與通過半徑為R的圓 的磁通量相同。即
=（ ）·（ ）= Wb
10-2解
過長為 的等邊三解形圈，通電電流為 ，在線圈中心 處的磁感應強度為 。應為每一邊在 處產生的磁感應強度的疊加，而每邊在 產生的磁場相同，因此
即
所以
10-5解
（1）兩點線中的A點的磁感應強度
（2）在正方形中距中心 處，取一窄條 ，則通過 的磁通量
10-6解：兩條線在 點產生的 方向相同
10-7 設圓導線在 處場為 ，直導線在 處場為 ，根據磁場疊加原理
選垂直線面向里為正
10-15解：取俯視截面圓如圖所示，將導體管壁看做由許多平行的無限長直載流導線所組成，由單根導線在軸線上 點的磁感應強度和疊加原理求得總場。
考慮處於 角處一段弧，其上電流為
用無限長載流導線感應強度公式， 在 點激發向磁場為
方向如圖所示.
由對軸性，各導線在 處的磁場的 分量互相抵消，僅有 分量
代入數值
沿 軸方向
10-17
解：由安培環路定理可求得在圓柱體內部與銅導線中心軸線相距為 處的磁感應強度
因此，穿過銅導線內部畫斜線平面的磁通量 為：
10-32
解：在盤上距中心來往為 處取一窄環， ，其上電荷為 ，此環轉動的等效電流，
此窄環帶電流的磁矩
它所受磁力矩為
總的磁力矩為
8. 大學物理學第二版（上）汪曉元主編的課後習題詳細答案！
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9. 求 大學物理基礎學 第二版 上下 (張三慧 著) 清華大學出版社 課後答案 謝謝。請發1084995056
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